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杭电oj（1087、1203、1003）题解

news 来源：原创 2025/7/14 18:13:42

DP 即动态规划（Dynamic Programming），是一种通过把原问题分解为相对简单的子问题，并保存子问题的解来避免重复计算，从而解决复杂问题的算法策略。以下从几个方面简述动态规划：

基本思想

动态规划的核心在于 “分治” 和 “最优子结构”。它将一个复杂问题分解为一系列相互关联的子问题，通过求解子问题并保存其解，避免对相同子问题的重复求解，从而减少计算量。同时，原问题的最优解可以由子问题的最优解组合而成，这就是最优子结构性质。

适用条件

最优子结构性质：问题的最优解包含其子问题的最优解。即可以通过子问题的最优解推导出原问题的最优解。例如，在背包问题中，对于一个容量为 W 的背包和 n 个物品，要得到其最优装法，可以先考虑容量为 W - w[i]（w[i] 为第 i 个物品的重量）的背包和前 n - 1 个物品的最优装法。
子问题重叠性质：在求解过程中，会多次遇到相同的子问题。动态规划通过保存子问题的解，避免了对这些子问题的重复计算，从而提高了效率。比如在斐波那契数列的计算中，直接递归计算会有大量重复的子问题计算，而使用动态规划可以避免这种情况。

求解步骤

定义状态：明确问题的状态表示，即如何用一个或多个变量来描述子问题。例如，在最长上升子序列问题中，可以定义状态 dp[i] 表示以第 i 个元素结尾的最长上升子序列的长度。
确定状态转移方程：根据问题的最优子结构性质，找出状态之间的转移关系。状态转移方程描述了如何从子问题的解推导出原问题的解。例如，在最长上升子序列问题中，状态转移方程为 dp[i] = max(dp[j] + 1) (0 <= j < i 且 a[j] < a[i])。
初始化：确定初始状态的值，这些初始状态是问题的边界条件。例如，在斐波那契数列的动态规划求解中，dp[0] = 0，dp[1] = 1 就是初始状态。
计算顺序：根据状态转移方程，确定计算状态的顺序，一般是从简单的子问题开始，逐步求解更复杂的问题。

应用场景

动态规划在很多领域都有广泛的应用，常见的问题包括：

背包问题：如 0 - 1 背包问题、完全背包问题等，用于在一定的约束条件下选择物品，使得总价值最大。
最长公共子序列问题：找出两个序列中最长的公共子序列，在生物信息学、版本控制等领域有应用。
最短路径问题：如 Floyd - Warshall 算法，用于求解图中任意两点之间的最短路径。
资源分配问题：在多个项目或任务之间分配资源，以达到最优的效益。

1087

题目

思路

代码详细步骤

动态规划初始化

状态转移

找出最大值

代码

1203

题目

思路

代码

1003

题目

思路

代码

1087

题目

思路

动态规划算法的核心在于将原问题分解为一系列子问题，并通过求解子问题来得到原问题的解。在这个问题中，我们定义状态 dp[i] 表示以第 i 个元素结尾的最长上升子序列的最大和。通过遍历序列中的每个元素，我们可以根据之前的状态来更新当前状态，最终找出所有状态中的最大值，即为最长上升子序列的最大和。

代码详细步骤

动态规划初始化

dp[0]=a[0];：将 dp[0] 初始化为 a[0]，因为以第一个元素结尾的最长上升子序列就是它本身，其和就是 a[0]。

状态转移

外层循环 for(int i = 1; i < n; i++)：遍历数组中的每个元素，从第二个元素开始。
dp[i]=a[i];：将 dp[i] 初始化为 a[i]，表示以第 i 个元素结尾的最长上升子序列至少包含该元素本身。
内层循环 for(int j = 0; j < i; j++)：遍历当前元素 a[i] 之前的所有元素。
if(a[i]>a[j])：判断 a[i] 是否大于 a[j]，如果满足条件，说明可以将 a[i] 接到以 a[j] 结尾的最长上升子序列后面。
dp[i]=max(a[i]+dp[j],dp[i]);：更新 dp[i] 的值，取 a[i] + dp[j] 和 dp[i] 中的最大值。a[i] + dp[j] 表示将 a[i] 接到以 a[j] 结尾的最长上升子序列后面得到的新子序列的和。

找出最大值

int maxnum=-1e9;：将 maxnum 初始化为一个较小的值 -1e9，确保后续找到的任何 dp[i] 值都能更新 maxnum。
for(int i = 0; i < n; i++){ maxnum=max(maxnum,dp[i]); }：遍历 dp 数组，找出其中的最大值。

代码

#include<iostream>
#include<algorithm>
using namespace std;
int dp[1010],a[1010],n; 
int main(){while(cin>>n&&n){for(int i=0;i<n;i++){cin>>a[i];}dp[0]=a[0];for(int i=1;i<n;i++){dp[i]=a[i];for(int j=0;j<i;j++){if(a[i]>a[j]){dp[i]=max(a[i]+dp[j],dp[i]);}}}int maxnum=-1e9;for(int i=0;i<n;i++){maxnum=max(maxnum,dp[i]);}cout<<maxnum<<endl;}return 0;
}

1203

题目

思路

外层循环 for(int i = 0; i < m; i++)：遍历每一个物品。

内层循环 for(int j = n; j >= a[i]; j--)：从背包的总容量 n 开始，倒序遍历到当前物品的重量 a[i]。倒序遍历是为了保证每个物品只被选择一次，这是 0 - 1 背包问题的常见处理方式。

状态转移方程 dp[j]=max(dp[j],dp[j-a[i]]+prob[i]-dp[j-a[i]]*prob[i]);：

dp[j] 表示不选择当前物品 i 时，背包容量为 j 的最大成功概率。

dp[j - a[i]] 表示在不放入当前物品 i 时，背包容量为 j - a[i] 的最大成功概率。

dp[j - a[i]] + prob[i] - dp[j - a[i]] * prob[i] 表示选择当前物品 i 时的成功概率。这里基于概率的计算原理，假设物品的成功是相互独立事件，使用公式 P(A 或 B) = P(A) + P(B) - P(A) * P(B) 来计算选择当前物品后的成功概率。

通过 max 函数取两者中的最大值更新 dp[j]。

代码

#include<iostream>
#include<algorithm>
using namespace std;
const int N=1e5+10;
double dp[N];
double prob[N];
int a[N];
int n,m;
int main(){while(cin>>n>>m){if(n==0 && m==0) break;for(int i=0;i<m;i++){cin>>a[i]>>prob[i];}memset(dp,0,sizeof(dp));for(int i=0;i<m;i++){for(int j=n;j>=a[i];j--){dp[j]=max(dp[j],dp[j-a[i]]+prob[i]-dp[j-a[i]]*prob[i]);}}printf("%.1lf%%\n",dp[n]*100);}return 0;
}

1003

题目

思路

状态转移方程 dp[j]=max(dp[j],dp[j-a[i]]+prob[i]-dp[j-a[i]]*prob[i]);：

dp[j] 表示不选择当前物品 i 时，背包容量为 j 的最大成功概率。

dp[j - a[i]] 表示在不放入当前物品 i 时，背包容量为 j - a[i] 的最大成功概率。

dp[j - a[i]] + prob[i] - dp[j - a[i]] * prob[i] 表示选择当前物品 i 时的成功概率。这里基于概率的计算原理，假设物品的成功是相互独立事件，使用公式 P(A 或 B) = P(A) + P(B) - P(A) * P(B) 来计算选择当前物品后的成功概率。

通过 max 函数取两者中的最大值更新 dp[j]。

代码

#include<iostream>
using namespace std;
int n,m,l,r,maxnum,sum,temp,num;
int main(){cin>>n;for(int i=0;i<n;i++){l=0,r=0,temp=1,maxnum=-20000,sum=0;cin>>m;for(int j=1;j<=m;j++){cin>>num;sum+=num;if(sum>maxnum){r=j;maxnum=sum;l=temp;}if(sum<0){temp=j+1;sum=0;}}cout<<"Case "<<(i+1)<<":"<<endl<<maxnum<<" "<<l<<" "<<r<<endl;if(i<n-1) cout<<endl;}return 0;
}

杭电oj（1087、1203、1003）题解

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