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Codeforces Round 1017 (Div. 4)

news 来源：原创 2025/8/27 15:01:19

在这里插入图片描述

A. Trippi Troppi

AC code:

void solve() {   string a, b, c; cin >> a >> b >> c;cout << a[0] << b[0] << c[0] << endl;
}

B. Bobritto Bandito

思路：

倒推模拟即可，每天只传播一个家庭，两边分别向0共缩放 $n - m$ 即可。

AC code:

void solve() {   int n, m, l, r; cin >> n >> m >> l >> r;m = n - m;while (l+1 <= 0 && m > 0) {l ++, m --;}while (r+1 >= 0 && m > 0) {r --, m --;}cout <<l << ' ' << r << endl;
}

C. Brr Brrr Patapim

思路：

顺次模拟， $v_{i +j} = g_{ij}$ ，map记录一下1到2n缺失的元素填补即可

AC code:

void solve() {   int n; cin >> n;vector<int> v(2*n, -1);map<int, int> mp;for (int i = 1; i <= n; i ++) {for (int j = 1; j <= n; j ++) {int x;cin >> x;v[i + j] = x;mp[x] ++;}}int pos = -1;for (int i = 1; i <= 2*n; i ++) {if (!mp[i]) pos = i;}for (int i = 1; i <= 2*n; i ++) {if (v[i] == -1) v[i] = pos;}for (int i = 1; i<= 2*n; i ++) cout <<v[i] << ' ';cout << endl;
}

D. Tung Tung Sahur

思路：

记录一下AB字符串连续L的长度即可，只要A中同一段连续的L/R大于B中同段的一半且小于B中同段的总数即可

AC code:

void solve() {   string p, s; cin >> p >> s;string a, b;int i = -1, j = -1;map<int,int> A,B;for(auto x : p){if(a.size() == 0 || a.back() != x){i ++;A[i] = 1;a += x;}else A[i] ++;}for(auto x : s){if(b.size() == 0 || b.back() != x){j ++;B[j] = 1;b += x;}else B[j] ++;}if(a != b){cout << "NO" <<endl;return;}for(int t = 0; t <= j; t ++){if(B[t] <= 2*A[t] && B[t] >= A[t]) continue;cout << "NO" <<endl;return;}cout << "YES" << endl;
}

E. Boneca Ambalabu

思路：

首先我们可以记录每个数字30位二进制中每一位为0或1的数量；

由于我们需要让最后的异或和最大，且选择的数字不超过n，通过枚举每一位来取最大

AC code:

void solve() {   int n; cin >> n;vector<int> v(n);vector<int> sum0(32, 0);vector<int> sum1(32, 0);for (int i = 0; i < n; i ++) {cin >> v[i];for (int j = 0; j <= 30; j ++) {int t = v[i] >> j & 1;if (t) sum1[j] += 1; else sum0[j] += 1;} }int ans = 0;for(int i = 0; i < n; i ++){int res = 0;for (int j = 0; j <= 30; j ++) {if (v[i] >> j & 1) res += (sum0[j]) * (1 << j);else res += sum1[j] * (1 << j);}ans = max(ans, res);}cout << ans << endl;
}

F. Trulimero Trulicina

思路：

分情况直接构造即可：

当m即列数不能被k整除或k大于列数时，顺次向下1~k的排列即可

否则

当k为偶数时，类比如下：
1 2 3 4 
4 3 2 1
当k为奇数时：
1 2 3 1 2 3
3 2 1 3 2 1 //类比偶数情况会出现不符合条件的情况
2 3 1 2 3 1 //错开一位即可

AC code:

void solve() {   int n, m, k; cin >> n >> m >> k;int cnt = k;if (m % cnt == 0 && m >= cnt) {if (cnt % 2 == 0) {int flag = 0;vector<int> v;for (int i = 1; i <= m; i ++) {int t = i % cnt;if (!t) t = cnt;v.push_back(t);}for (int i = 0; i < n; i ++) {if (!flag) {for (int j = 0; j < v.size(); j ++) cout << v[j] << ' ';cout << endl;flag ^= 1;} else {for (int j = v.size() - 1; j >= 0; j --) cout << v[j] << ' ';cout << endl;flag ^= 1;}}} else {int flag = 0;for (int i = 1; i <= n; i ++) {if (!flag) {for (int j = 1; j <= m; j ++) {int t = j % cnt;if (!t) t = cnt;cout << t << ' ';}flag ^= 1;} else {for (int j = 2; j <= m; j ++) {int t = j % cnt;if (!t) t = cnt;cout << t << ' ';} cout << 1;flag ^= 1;}cout <<endl;}}} else {for (int i = 1; i <= n*m; i ++){int t = i % cnt;if (!t) t = cnt;cout << t << ' ';if (i % m == 0) cout << endl;}}
}

G. Chimpanzini Bananini

思路：

首先对于移位操作和添加操作，分别可以看做从当前数组头元素和尾元素的增删操作，由此可以采用双端队列来实现操作；

那么对于反转操作，我们可以在开始时便同时记录反转队列和正向队列，并对是否反转过进行标记：

若当前未翻转，则正向队列尾部添加元素，反转队列头部添加
若当前翻转过，则反之；

然后就是如何记录答案，反转操作对值的影响可以忽略，因为我们同时记录了两种队列，那么就是移位和添加对答案的影响：

首先我们需要记录当前数组中所有元素的和sum
添加操作：元素和sum+=k，并且对分别记录的答案添加k *dq.size()，因为添加操作一定是在序列尾
移位操作：可以看做队头元素增加dq.size() - 1，即移动到了队尾，其余元素前移，每个元素减少一次即sum-dq.back();

注意反转前后序列的操作顺序的区别

AC code:

void solve() {   int q; cin >> q;deque<int> dq1, dq2;int flag = 1;int ans1 = 0, ans2 = 0, sum = 0;while (q --) {int op; cin >> op;if (op == 1) {if (flag) {int ca1 = dq1.back();dq1.pop_back();ans1 -= ca1 * dq1.size() - (sum - ca1);dq1.push_front(ca1);int ca2 = dq2.front();dq2.pop_front();ans2 -= (sum - ca2) - ca2 * dq2.size();dq2.push_back(ca2);} else {int ca1 = dq1.front();dq1.pop_front();ans1 -= (sum - ca1) - ca1 * dq1.size();dq1.push_back(ca1);int ca2 = dq2.back();dq2.pop_back();ans2 -= ca2 * dq2.size() - (sum - ca2);dq2.push_front(ca2);}} else if (op == 2) {flag ^= 1;} else {int k; cin >> k;if (flag) {dq1.push_back(k);ans1 += k * dq1.size();dq2.push_front(k);ans2 += sum + k;} else {dq1.push_front(k);ans1 += sum + k;dq2.push_back(k);ans2 += k * dq2.size();}sum += k;}cout << (flag ? ans1 : ans2) << endl;}
}

Codeforces Round 1017 (Div. 4)

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